0027-移除元素

Raphael Liu Lv10
  2023-09-13 00:47:26 2023-09-13 00:47:26 Created   2023-09-13 10:40:48 2023-09-13 10:40:48 Updated    

给你一个数组 nums __ 和一个值 val，你需要
原地
移除所有数值等于 val __ 的元素，并返回移除后数组的新长度。

不要使用额外的数组空间，你必须仅使用 O(1) 额外空间并
原地 修改输入数组。

元素的顺序可以改变。你不需要考虑数组中超出新长度后面的元素。

说明:

为什么返回数值是整数，但输出的答案是数组呢?

请注意，输入数组是以 「引用」 方式传递的，这意味着在函数里修改输入数组对于调用者是可见的。

你可以想象内部操作如下:

// **nums** 是以“引用”方式传递的。也就是说，不对实参作任何拷贝
int len = removeElement(nums, val);

// 在函数里修改输入数组对于调用者是可见的。
// 根据你的函数返回的长度, 它会打印出数组中 **该长度范围内** 的所有元素。
for (int i = 0; i < len; i++) {
    print(nums[i]);
}

示例 1：

**输入：** nums = [3,2,2,3], val = 3
**输出：** 2, nums = [2,2]
**解释：** 函数应该返回新的长度 **2** , 并且 nums __ 中的前两个元素均为 **2** 。你不需要考虑数组中超出新长度后面的元素。例如，函数返回的新长度为 2 ，而 nums = [2,2,3,3] 或 nums = [2,2,0,0]，也会被视作正确答案。

示例 2：

**输入：** nums = [0,1,2,2,3,0,4,2], val = 2
**输出：** 5, nums = [0,1,4,0,3]
**解释：** 函数应该返回新的长度 **5** , 并且 nums 中的前五个元素为 **0** , **1** , **3** , **0** , **4** 。注意这五个元素可为任意顺序。你不需要考虑数组中超出新长度后面的元素。

提示：

  • 0 <= nums.length <= 100
  • 0 <= nums[i] <= 50
  • 0 <= val <= 100

方法一：双指针

思路及算法

由于题目要求删除数组中等于 $\textit{val}$ 的元素，因此输出数组的长度一定小于等于输入数组的长度，我们可以把输出的数组直接写在输入数组上。可以使用双指针：右指针 $\textit{right}$ 指向当前将要处理的元素，左指针 $\textit{left}$ 指向下一个将要赋值的位置。

  • 如果右指针指向的元素不等于 $\textit{val}$，它一定是输出数组的一个元素，我们就将右指针指向的元素复制到左指针位置，然后将左右指针同时右移；

  • 如果右指针指向的元素等于 $\textit{val}$，它不能在输出数组里，此时左指针不动，右指针右移一位。

整个过程保持不变的性质是：区间 $[0,\textit{left})$ 中的元素都不等于 $\textit{val}$。当左右指针遍历完输入数组以后，$\textit{left}$ 的值就是输出数组的长度。

这样的算法在最坏情况下（输入数组中没有元素等于 $\textit{val}$），左右指针各遍历了数组一次。

代码

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class Solution {
public:
    int removeElement(vector<int>& nums, int val) {
        int n = nums.size();
        int left = 0;
        for (int right = 0; right < n; right++) {
            if (nums[right] != val) {
                nums[left] = nums[right];
                left++;
            }
        }
        return left;
    }
};
[sol1-Java]
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class Solution {
    public int removeElement(int[] nums, int val) {
        int n = nums.length;
        int left = 0;
        for (int right = 0; right < n; right++) {
            if (nums[right] != val) {
                nums[left] = nums[right];
                left++;
            }
        }
        return left;
    }
}
[sol1-JavaScript]
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var removeElement = function(nums, val) {
    const n = nums.length;
    let left = 0;
    for (let right = 0; right < n; right++) {
        if (nums[right] !== val) {
            nums[left] = nums[right];
            left++;
        }
    }
    return left;
};
[sol1-Golang]
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func removeElement(nums []int, val int) int {
    left := 0
    for _, v := range nums { // v 即 nums[right]
        if v != val {
            nums[left] = v
            left++
        }
    }
    return left
}
[sol1-C]
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int removeElement(int* nums, int numsSize, int val) {
    int left = 0;
    for (int right = 0; right < numsSize; right++) {
        if (nums[right] != val) {
            nums[left] = nums[right];
            left++;
        }
    }
    return left;
}

复杂度分析

  • 时间复杂度：$O(n)$，其中 $n$ 为序列的长度。我们只需要遍历该序列至多两次。

  • 空间复杂度：$O(1)$。我们只需要常数的空间保存若干变量。

方法二：双指针优化

思路

如果要移除的元素恰好在数组的开头，例如序列 $[1,2,3,4,5]$，当 $\textit{val}$ 为 $1$ 时，我们需要把每一个元素都左移一位。注意到题目中说：「元素的顺序可以改变」。实际上我们可以直接将最后一个元素 $5$ 移动到序列开头，取代元素 $1$，得到序列 $[5,2,3,4]$，同样满足题目要求。这个优化在序列中 $\textit{val}$ 元素的数量较少时非常有效。

实现方面，我们依然使用双指针，两个指针初始时分别位于数组的首尾，向中间移动遍历该序列。

算法

如果左指针 $\textit{left}$ 指向的元素等于 $\textit{val}$，此时将右指针 $\textit{right}$ 指向的元素复制到左指针 $\textit{left}$ 的位置，然后右指针 $\textit{right}$ 左移一位。如果赋值过来的元素恰好也等于 $\textit{val}$，可以继续把右指针 $\textit{right}$ 指向的元素的值赋值过来（左指针 $\textit{left}$ 指向的等于 $\textit{val}$ 的元素的位置继续被覆盖），直到左指针指向的元素的值不等于 $\textit{val}$ 为止。

当左指针 $\textit{left}$ 和右指针 $\textit{right}$ 重合的时候，左右指针遍历完数组中所有的元素。

这样的方法两个指针在最坏的情况下合起来只遍历了数组一次。与方法一不同的是，方法二避免了需要保留的元素的重复赋值操作。

代码

[sol2-C++]
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class Solution {
public:
    int removeElement(vector<int>& nums, int val) {
        int left = 0, right = nums.size();
        while (left < right) {
            if (nums[left] == val) {
                nums[left] = nums[right - 1];
                right--;
            } else {
                left++;
            }
        }
        return left;
    }
};
[sol2-Java]
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class Solution {
    public int removeElement(int[] nums, int val) {
        int left = 0;
        int right = nums.length;
        while (left < right) {
            if (nums[left] == val) {
                nums[left] = nums[right - 1];
                right--;
            } else {
                left++;
            }
        }
        return left;
    }
}
[sol2-JavaScript]
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var removeElement = function(nums, val) {
    let left = 0, right = nums.length;
    while (left < right) {
        if (nums[left] === val) {
            nums[left] = nums[right - 1];
            right--;
        } else {
            left++;
        }
    }
    return left;
};
[sol2-Golang]
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func removeElement(nums []int, val int) int {
    left, right := 0, len(nums)
    for left < right {
        if nums[left] == val {
            nums[left] = nums[right-1]
            right--
        } else {
            left++
        }
    }
    return left
}
[sol2-C]
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int removeElement(int* nums, int numsSize, int val) {
    int left = 0, right = numsSize;
    while (left < right) {
        if (nums[left] == val) {
            nums[left] = nums[right - 1];
            right--;
        } else {
            left++;
        }
    }
    return left;
}

复杂度分析

  • 时间复杂度：$O(n)$，其中 $n$ 为序列的长度。我们只需要遍历该序列至多一次。

  • 空间复杂度：$O(1)$。我们只需要常数的空间保存若干变量。

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