1544-整理字符串

给你一个由大小写英文字母组成的字符串 s 。

一个整理好的字符串中，两个相邻字符 s[i] 和 s[i+1]，其中 0<= i <= s.length-2 ，要满足如下条件:

• 若 s[i] 是小写字符，则 s[i+1] 不可以是相同的大写字符。
• 若 s[i] 是大写字符，则 s[i+1] 不可以是相同的小写字符。

请你将字符串整理好，每次你都可以从字符串中选出满足上述条件的 两个相邻 字符并删除，直到字符串整理好为止。

请返回整理好的 字符串 。题目保证在给出的约束条件下，测试样例对应的答案是唯一的。

注意： 空字符串也属于整理好的字符串，尽管其中没有任何字符。

示例 1：

**输入：** s = "leEeetcode"
**输出：** "leetcode"
**解释：** 无论你第一次选的是 i = 1 还是 i = 2，都会使 "leEeetcode" 缩减为 "leetcode" 。

示例 2：

**输入：** s = "abBAcC"
**输出：** ""
**解释：** 存在多种不同情况，但所有的情况都会导致相同的结果。例如：
"abBAcC" --> "aAcC" --> "cC" --> ""
"abBAcC" --> "abBA" --> "aA" --> ""

示例 3：

**输入：** s = "s"
**输出：** "s"

提示：

• 1 <= s.length <= 100
• s 只包含小写和大写英文字母

方法一：模拟

思路与算法

从左到右扫描字符串 s 的每个字符。扫描过程中，维护当前整理好的字符串，记为 ret。当扫描到字符 ch 时，有两种情况：

• 字符 ch 与字符串 ret 的最后一个字符互为同一个字母的大小写：根据题意，两个字符都要在整理过程中被删除，因此要弹出 ret 的最后一个字符；
• 否则：两个字符都需要被保留，因此要将字符 ch 附加在字符串 ret 的后面。

代码

[sol1-C++]

class Solution {
public:
    string makeGood(string s) {
        string ret;
        for (char ch: s) {
            if (!ret.empty() && tolower(ret.back()) == tolower(ch) && ret.back() != ch) {
                ret.pop_back();
            }
            else {
                ret.push_back(ch);
            }
        }
        return ret;
    }
};

[sol1-Java]

class Solution {
    public String makeGood(String s) {
        StringBuffer ret = new StringBuffer();
        int retIndex = -1;
        int length = s.length();
        for (int i = 0; i < length; i++) {
            char ch = s.charAt(i);
            if (ret.length() > 0 && Character.toLowerCase(ret.charAt(retIndex)) == Character.toLowerCase(ch) && ret.charAt(retIndex) != ch) {
                ret.deleteCharAt(retIndex);
                retIndex--;
            } else {
                ret.append(ch);
                retIndex++;
            }
        }
        return ret.toString();
    }
}

[sol1-JavaScript]

var makeGood = function(s) {
    const len = s.length;
    const ret = [];
    let i = 0;
    while (i < len) {
        if (ret.length > 0
        && ret[ret.length - 1].toLowerCase() === s.charAt(i).toLowerCase()
        && ret[ret.length - 1] !== s.charAt(i)
        ) {
            ret.pop();
        } else {
            ret.push(s.charAt(i));
        }
        i += 1;
    }
    return ret.join('');
};

[sol1-Python3]

class Solution:
    def makeGood(self, s: str) -> str:
        ret = list()
        for ch in s:
            if ret and ret[-1].lower() == ch.lower() and ret[-1] != ch:
                ret.pop()
            else:
                ret.append(ch)
        return "".join(ret)

复杂度分析

• 时间复杂度：O(N)，其中 N 为字符串 s 的长度。我们要遍历字符串 s 的每一个字符，而对每个字符都只需要常数时间的操作。

• 空间复杂度：O(N) 或 O(1)，取决于使用语言的字符串类型是否是可修改的。